C语言中常见的置位操作

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用C51编写单片机延时函数

参考了51单片机 Keil C 延时程序的简单研究，自己也亲身测试和计算了一些已有的延时函数。

这里假定单片机是时钟频率为12MHz，则一个机器周期为：1us.
参考了51单片机 Keil C 延时程序的简单研究后，我们可知道， 在Keil C中获得最为准确的延时函数将是

void delay(unsigned char t)
{
    while(--t);
}

反汇编代码如下：

执行DJNZ指令需要2个机器周期，RET指令同样需要2个机器周期，根据输入t，在不计算调用delay()所需时间的情况下，具体时间延时如下：

t	Delay Time (us)
1	2×1+2 ＝4
2	2×2＋2＝6
N	2×N＋2＝2(N＋1)

当在main函数中调用delay(1)时， 进行反汇编如下：

调用delay()时，多执行了两条指令，其中MOV R, #data需要1个机器周期，LJMP需要2个机器周期，即调用delay()需要3us.

Keil C仿真截图与计算过程:



加上调用时间，准确的计算时间延时与Keil C仿真对比如下：(可见,仿真结果和计算结果是很接近的)

t	Delay Time (us)	仿真11.0592Mhz时钟(us)
1	3＋2×1+2 ＝7 | 7.7(实际)	7.60
2	3＋2×2＋2＝9 | 9.9	9.76
N	3＋2×N＋2＝2N＋5 | (2N+5)*1.1	/
3	11 | 12.1	11.94
15	35 | 38.5	37.98
100	205 | 225.5	222.44
255	515 | 566.5	558.81

也就是说，这个延时函数的精度为2us，最小的时间延时为7us，最大的时间延时为3+255×2＋2＝515us.  
实际中使用11.0592MHz的时钟，这个延时函数的精度将为2.2us，最小时间延时为7.7us, 最大时间延时为566.5us.
这个时间延时函数，对于与DS18B20进行单总线通信，已经足够准确了。

现在，我们将时钟换成11.0592MHz这个实际用到的频率，每个机器周期约为1.1us.
现在让我们来分析一下这个之前用过的延时函数：

//延时函数, 对于11.0592MHz时钟, 例i=10,则大概延时10ms.
void delayMs(unsigned int i)
{
    unsigned int j;
    while(i--)
    {
        for(j = 0; j < 125; j++);
    }
}

它的反汇编代码如下：

分析: T表示一个机器周期(调用时间相对于这个ms级的延时来说，可忽略不计)

 1  C:0000      MOV   A,    R7       ;1T 
 2                   DEC   R7                ;1T   低8位字节减1
 3                   MOV   R2,   0x06   ;2T
 4                   JNZ   C:0007          ;2T   若低8位字节不为0, 则跳到C:0007
 5                   DEC   R6                ;1T   低8位字节为0, 则高8位字节减1
 6 C:0007      ORL   A,   R2         ;1T
 7                   JZ      C:001D         ;2T   若高8位也减为0, 则RET
 8                   CLR   A                  ;1T   A清零
 9                   MOV   R4,   A        ;1T   R4放高位
10                   MOV   R5,   A        ;1T   R5放低位
11 C:000D      CLR   C                  ;1T   C清零
12                   MOV   A,   R5        ;1T   
13                   SUBB   A, #0x7d    ;1T   A = A-125
14                   MOV   A,   R4        ;1T   
15                   SUBB   A,  #0x00   ;1T   A 
16                   JNC  C:0000           ;2T   A为零则跳到C:0000
17                   INC   R5                 ;1T   R5增1
18                   CJNE R5,#0x00, C:001B ;2T   R5>0, 跳转到C:000D
19                   INC   R4                 ;1T
20 C:001B      SJMP      C:000D    ;2T
21 C:001D      RET

对于delayMs(1), 执行到第7行就跳到21行, 共需时12T, 即13.2us
对于delayMs(2), 需时9T＋13T＋124×10T＋7T＋12T ＝ 9T＋13T＋1240T＋7T＋12T ＝1281T ＝1409.1us.
对于delayMs(3), 需时9T×(3-1)＋(13T＋124×10T＋7T)×(3-1)＋12T 
                                ＝1269T×(3-1)＋12T＝2550T＝2805us.
对于delayMs(N),N>1, 需时1269T×(N－1)＋12T = 1269NT－1257T＝(1395.9N-1382.7)us.

利用Keil C仿真delayMs(1) = 0.00166558s = 1.67ms 截图如下:




由分析可知具体的计算延时时间与Keil C仿真延时对比如下：

i	Time Delay	仿真延时
1	13.2us	1.67ms
2	1409.1us	3.31ms
3	2805us	4.96ms
N	(1395.9N－1382.7)us
10	12.6ms	16.50ms
20	26.5ms	32.98ms
30	40.5ms	49.46ms
50	68.4ms	82.43ms
100	138.2ms	164.84ms
200	277.8ms	329.56ms
500	696.6ms	824.13ms
1000	1394.5ms	1648.54ms
1500	2092.5ms	2472.34ms
2000	2790.4ms	3296.47ms
5	5.6ms	8.26ms
73	100.5ms	120.34ms
720	1003.7ms = 1s	1186.74ms

计算delayMs(10)得到延时时间为：12576.3us约等于12.6ms，接近我们认为的10ms。

计算结果和仿真结果只要delayMs(1)有很大出入, 其它都接近, 在接受范围内. 

经过以上分析，可见用C语言来做延时并不是不太准确，只是不容易做到非常准确而已，若有一句语句变了，延时时间很可能会不同，因为编译程序生成的汇编指令很可能不同。


PS:
对于每条51单片机汇编指令的字长和所需机器周期汇总如下：转自：http://bbs.mcustudy.com/printpage.asp?BoardID=2&ID=1454
Appendix E - 8051 Instruction Set

Arithmetic Operations

Mnemonic Description Size Cycles
ADD A,Rn  Add register to Accumulator (ACC). 1 1
ADD A,direct  Add direct byte to ACC. 2 1
ADD A,@Ri  Add indirect RAM to ACC. 1 1
ADD A,#data  Add immediate data to ACC. 2 1
ADDC A,Rn  Add register to ACC with carry. 1 1
ADDC A,direct  Add direct byte to ACC with carry. 2 1
ADDC A,@Ri  Add indirect RAM to ACC with carry. 1 1
ADDC A,#data  Add immediate data to ACC with carry. 2 1
SUBB A,Rn  Subtract register from ACC with borrow. 1 1
SUBB A,direct  Subtract direct byte from ACC with borrow 2 1
SUBB A,@Ri  Subtract indirect RAM from ACC with borrow. 1 1
SUBB A,#data  Subtract immediate data from ACC with borrow. 2 1
INC A  Increment ACC. 1 1
INC Rn  Increment register. 1 1
INC direct  Increment direct byte. 2 1
INC @Ri  Increment indirect RAM. 1 1
DEC A  Decrement ACC. 1 1
DEC Rn  Decrement register. 1 1
DEC direct  Decrement direct byte. 2 1
DEC @Ri  Decrement indirect RAM. 1 1
INC DPTR  Increment data pointer. 1 2
MUL AB  Multiply A and B Result: A <- low byte, B <- high byte. 1 4
DIV AB  Divide A by B Result: A <- whole part, B <- remainder.  1 4
DA A  Decimal adjust ACC. 1 1
Logical Operations

Mnemonic Description Size Cycles
ANL A,Rn  AND Register to ACC. 1 1
ANL A,direct  AND direct byte to ACC. 2 1
ANL A,@Ri  AND indirect RAM to ACC. 1 1
ANL A,#data  AND immediate data to ACC. 2 1
ANL direct,A  AND ACC to direct byte. 2 1
ANL direct,#data  AND immediate data to direct byte. 3 2
ORL A,Rn  OR Register to ACC. 1 1
ORL A,direct  OR direct byte to ACC. 2 1
ORL A,@Ri  OR indirect RAM to ACC. 1 1
ORL A,#data  OR immediate data to ACC. 2 1
ORL direct,A  OR ACC to direct byte. 2 1
ORL direct,#data  OR immediate data to direct byte. 3 2
XRL A,Rn  Exclusive OR Register to ACC. 1 1
XRL A,direct  Exclusive OR direct byte to ACC. 2 1
XRL A,@Ri  Exclusive OR indirect RAM to ACC. 1 1
XRL A,#data  Exclusive OR immediate data to ACC. 2 1
XRL direct,A  Exclusive OR ACC to direct byte. 2 1
XRL direct,#data  XOR immediate data to direct byte. 3 2
CLR A  Clear ACC (set all bits to zero). 1 1
CPL A  Compliment ACC. 1 1
RL A  Rotate ACC left. 1 1
RLC A  Rotate ACC left through carry. 1 1
RR A  Rotate ACC right. 1 1
RRC A  Rotate ACC right through carry. 1 1
SWAP A  Swap nibbles within ACC. 1 1
Data Transfer

Mnemonic Description Size Cycles
MOV A,Rn  Move register to ACC. 1 1
MOV A,direct  Move direct byte to ACC. 2 1
MOV A,@Ri  Move indirect RAM to ACC. 1 1
MOV A,#data  Move immediate data to ACC. 2 1
MOV Rn,A  Move ACC to register. 1 1
MOV Rn,direct  Move direct byte to register. 2 2
MOV Rn,#data  Move immediate data to register. 2 1
MOV direct,A  Move ACC to direct byte. 2 1
MOV direct,Rn  Move register to direct byte. 2 2
MOV direct,direct  Move direct byte to direct byte. 3 2
MOV direct,@Ri  Move indirect RAM to direct byte. 2 2
MOV direct,#data  Move immediate data to direct byte. 3 2
MOV @Ri,A  Move ACC to indirect RAM. 1 1
MOV @Ri,direct  Move direct byte to indirect RAM. 2 2
MOV @Ri,#data  Move immediate data to indirect RAM. 2 1
MOV DPTR,#data16  Move immediate 16 bit data to data pointer register. 3 2
MOVC A,@A+DPTR  Move code byte relative to DPTR to ACC (16 bit address). 1 2
MOVC A,@A+PC  Move code byte relative to PC to ACC (16 bit address). 1 2
MOVX A,@Ri  Move external RAM to ACC (8 bit address). 1 2
MOVX A,@DPTR  Move external RAM to ACC (16 bit address). 1 2
MOVX @Ri,A  Move ACC to external RAM (8 bit address). 1 2
MOVX @DPTR,A  Move ACC to external RAM (16 bit address). 1 2
PUSH direct  Push direct byte onto stack. 2 2
POP direct  Pop direct byte from stack. 2 2
XCH A,Rn  Exchange register with ACC. 1 1
XCH A,direct  Exchange direct byte with ACC. 2 1
XCH A,@Ri  Exchange indirect RAM with ACC. 1 1
XCHD A,@Ri  Exchange low order nibble of indirect RAM with low order nibble of ACC. 1 1
Boolean Variable Manipulation

Mnemonic Description Size Cycles
CLR C  Clear carry flag. 1 1
CLR bit  Clear direct bit. 2 1
SETB C  Set carry flag. 1 1
SETB bit  Set direct bit. 2 1
CPL C  Compliment carry flag. 1 1
CPL bit  Compliment direct bit. 2 1
ANL C,bit  AND direct bit to carry flag. 2 2
ANL C,/bit  AND compliment of direct bit to carry. 2 2
ORL C,bit  OR direct bit to carry flag. 2 2
ORL C,/bit  OR compliment of direct bit to carry. 2 2
MOV C,bit  Move direct bit to carry flag. 2 1
MOV bit,C  Move carry to direct bit. 2 2
JC rel  Jump if carry is set. 2 2
JNC rel  Jump if carry is not set. 2 2
JB bit,rel  Jump if direct bit is set. 3 2
JNB bit,rel  Jump if direct bit is not set. 3 2
JBC bit,rel  Jump if direct bit is set & clear bit. 3 2
Program Branching

Mnemonic Description Size Cycles
ACALL addr11  Absolute subroutine call. 2 2
LCALL addr16  Long subroutine call. 3 2
RET  Return from subroutine. 1 2
RETI  Return from interrupt. 1 2
AJMP addr11  Absolute jump. 2 2
LJMP addr16  Long jump. 3 2
SJMP rel  Short jump (relative address). 2 2
JMP @A+DPTR  Jump indirect relative to the DPTR. 1 2
JZ rel  Jump relative if ACC is zero. 2 2
JNZ rel  Jump relative if ACC is not zero. 2 2
CJNE A,direct,rel  Compare direct byte to ACC and jump if not equal. 3 2
CJNE A,#data,rel  Compare immediate byte to ACC and jump if not equal. 3 2
CJNE Rn,#data,rel  Compare immediate byte to register and jump if not equal. 3 2
CJNE @Ri,#data,rel  Compare immediate byte to indirect and jump if not equal. 3 2
DJNZ Rn,rel  Decrement register and jump if not zero. 2 2
DJNZ direct,rel  Decrement direct byte and jump if not zero. 3 2
Other Instructions

Mnemonic Description Size Cycles
NOP  No operation. 1 1
其它可查看《单片机基础》－李广弟等编著，P70 “MCS-51单片机指令汇总”

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C/C++ 程序设计员应聘常见面试试题深入剖析

 1.引言

　　本文的写作目的并不在于提供C/C++程序员求职面试指导，而旨在从技术上分析面试题的内涵。文中的大多数面试题来自各大论坛，部分试题解答也参考了网友的意见。

　　许多面试题看似简单，却需要深厚的基本功才能给出完美的解答。企业要求面试者写一个最简单的strcpy函数都可看出面试者在技术上究竟达到了怎样的程度，我们能真正写好一个strcpy函数吗？我们都觉得自己能，可是我们写出的strcpy很可能只能拿到10分中的2分。读者可从本文看到strcpy函数从2分到10分解答的例子，看看自己属于什么样的层次。此外，还有一些面试题考查面试者敏捷的思维能力。

　　分析这些面试题，本身包含很强的趣味性；而作为一名研发人员，通过对这些面试题的深入剖析则可进一步增强自身的内功。

　　2.找错题

　　试题1：

void test1()
{
　char string[10];
　char* str1 = "0123456789";
　strcpy( string, str1 );
}
　　试题2：

void test2()
{
　char string[10], str1[10];
　int i;
　for(i=0; i<10; i++)
　{
　　str1[i] = 'a';
　}
　strcpy( string, str1 );
}
　　试题3：

void test3(char* str1)
{
　char string[10];
　if( strlen( str1 ) <= 10 )
　{
　　strcpy( string, str1 );
　}
}
　　解答：

　　试题1字符串str1需要11个字节才能存放下（包括末尾的’\0’），而string只有10个字节的空间，strcpy会导致数组越界；

　　对试题2，如果面试者指出字符数组str1不能在数组内结束可以给3分；如果面试者指出strcpy(string, str1)调用使得从str1内存起复制到string内存起所复制的字节数具有不确定性可以给7分，在此基础上指出库函数strcpy工作方式的给10分；

　　对试题3，if(strlen(str1) <= 10)应改为if(strlen(str1) < 10)，因为strlen的结果未统计’\0’所占用的1个字节。

　　剖析：

　　考查对基本功的掌握：

　　(1)字符串以’\0’结尾；

　　(2)对数组越界把握的敏感度；

　　(3)库函数strcpy的工作方式，如果编写一个标准strcpy函数的总分值为10，下面给出几个不同得分的答案：

　　2分

void strcpy( char *strDest, char *strSrc )
{
　 while( (*strDest++ = * strSrc++) != ‘\0’ );
}
　　4分

void strcpy( char *strDest, const char *strSrc )
//将源字符串加const，表明其为输入参数，加2分
{
　 while( (*strDest++ = * strSrc++) != ‘\0’ );
}
　　7分

void strcpy(char *strDest, const char *strSrc)
{
　//对源地址和目的地址加非0断言，加3分
　assert( (strDest != NULL) && (strSrc != NULL) );
　while( (*strDest++ = * strSrc++) != ‘\0’ );
}
　　10分

//为了实现链式操作，将目的地址返回，加3分！

char * strcpy( char *strDest, const char *strSrc )
{
　assert( (strDest != NULL) && (strSrc != NULL) );
　char *address = strDest;
　while( (*strDest++ = * strSrc++) != ‘\0’ );
　　return address;
}
　　从2分到10分的几个答案我们可以清楚的看到，小小的strcpy竟然暗藏着这么多玄机，真不是盖的！需要多么扎实的基本功才能写一个完美的strcpy啊！

　　(4)对strlen的掌握，它没有包括字符串末尾的'\0'。

　　读者看了不同分值的strcpy版本，应该也可以写出一个10分的strlen函数了，完美的版本为： int strlen( const char *str ) //输入参数const

{
　assert( strt != NULL ); //断言字符串地址非0
　int len;
　while( (*str++) != '\0' )
　{
　　len++;
　}
　return len;
}
　　试题4：

void GetMemory( char *p )
{
　p = (char *) malloc( 100 );
}

void Test( void )
{
　char *str = NULL;
　GetMemory( str );
　strcpy( str, "hello world" );
　printf( str );
}
　　试题5：

char *GetMemory( void )
{
　char p[] = "hello world";
　return p;
}

void Test( void )
{
　char *str = NULL;
　str = GetMemory();
　printf( str );
}
　　试题6：

void GetMemory( char **p, int num )
{
　*p = (char *) malloc( num );
}

void Test( void )
{
　char *str = NULL;
　GetMemory( &str, 100 );
　strcpy( str, "hello" );
　printf( str );
}
　　试题7：

void Test( void )
{
　char *str = (char *) malloc( 100 );
　strcpy( str, "hello" );
　free( str );
　... //省略的其它语句
}
　　解答：

　　试题4传入中GetMemory( char *p )函数的形参为字符串指针，在函数内部修改形参并不能真正的改变传入形参的值，执行完

char *str = NULL;
GetMemory( str );
　　后的str仍然为NULL；

　　试题5中

char p[] = "hello world";
return p;
　　的p[]数组为函数内的局部自动变量，在函数返回后，内存已经被释放。这是许多程序员常犯的错误，其根源在于不理解变量的生存期。

　　试题6的GetMemory避免了试题4的问题，传入GetMemory的参数为字符串指针的指针，但是在GetMemory中执行申请内存及赋值语句

*p = (char *) malloc( num );
　　后未判断内存是否申请成功，应加上：

if ( *p == NULL )
{
　...//进行申请内存失败处理
}
　　试题7存在与试题6同样的问题，在执行

char *str = (char *) malloc(100);
　　后未进行内存是否申请成功的判断；另外，在free(str)后未置str为空，导致可能变成一个“野”指针，应加上：

str = NULL;
　　试题6的Test函数中也未对malloc的内存进行释放。

　　剖析：

　　试题4～7考查面试者对内存操作的理解程度，基本功扎实的面试者一般都能正确的回答其中50~60的错误。但是要完全解答正确，却也绝非易事。

　　对内存操作的考查主要集中在：

　　（1）指针的理解；

　　（2）变量的生存期及作用范围；

　　（3）良好的动态内存申请和释放习惯。

　　再看看下面的一段程序有什么错误：

swap( int* p1,int* p2 )
{
　int *p;
　*p = *p1;
　*p1 = *p2;
　*p2 = *p;
}
　　在swap函数中，p是一个“野”指针，有可能指向系统区，导致程序运行的崩溃。在VC++中DEBUG运行时提示错误“Access Violation”。该程序应该改为：

swap( int* p1,int* p2 )
{
　int p;
　p = *p1;
　*p1 = *p2;
　*p2 = p;
}

3.内功题

　　试题1：分别给出BOOL，int，float，指针变量 与“零值”比较的 if 语句（假设变量名为var）

　　解答：

　　　BOOL型变量：if(!var)

　　　int型变量： if(var==0)

　　　float型变量：

　　　const float EPSINON = 0.00001;

　　　if ((x >= - EPSINON) && (x <= EPSINON)

　　　指针变量：　　if(var==NULL)

　　剖析：

　　考查对0值判断的“内功”，BOOL型变量的0判断完全可以写成if(var==0)，而int型变量也可以写成if(!var)，指针变量的判断也可以写成if(!var)，上述写法虽然程序都能正确运行，但是未能清晰地表达程序的意思。
　一般的，如果想让if判断一个变量的“真”、“假”，应直接使用if(var)、if(!var)，表明其为“逻辑”判断；如果用if判断一个数值型变量(short、int、long等)，应该用if(var==0)，表明是与0进行“数值”上的比较；而判断指针则适宜用if(var==NULL)，这是一种很好的编程习惯。

　　浮点型变量并不精确，所以不可将float变量用“==”或“！=”与数字比较，应该设法转化成“>=”或“<=”形式。如果写成if (x == 0.0)，则判为错，得0分。

　　试题2：以下为Windows NT下的32位C++程序，请计算sizeof的值

void Func ( char str[100] )
{
　sizeof( str ) = ?
}

void *p = malloc( 100 );
sizeof ( p ) = ?
　　解答：

sizeof( str ) = 4
sizeof ( p ) = 4
　　剖析：

　　Func ( char str[100] )函数中数组名作为函数形参时，在函数体内，数组名失去了本身的内涵，仅仅只是一个指针；在失去其内涵的同时，它还失去了其常量特性，可以作自增、自减等操作，可以被修改。

　　数组名的本质如下：

　　（1）数组名指代一种数据结构，这种数据结构就是数组；

　　例如：

char str[10];
cout ＜＜ sizeof(str) ＜＜ endl;
　　输出结果为10，str指代数据结构char[10]。

　　（2）数组名可以转换为指向其指代实体的指针，而且是一个指针常量，不能作自增、自减等操作，不能被修改；

char str[10];
str++; //编译出错，提示str不是左值　
　　（3）数组名作为函数形参时，沦为普通指针。

　　Windows NT 32位平台下，指针的长度（占用内存的大小）为4字节，故sizeof( str ) 、sizeof ( p ) 都为4。

　　试题3：写一个“标准”宏MIN，这个宏输入两个参数并返回较小的一个。另外，当你写下面的代码时会发生什么事？

least = MIN(*p++, b);
　　解答：

#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B))
　　MIN(*p++, b)会产生宏的副作用

　　剖析：

　　这个面试题主要考查面试者对宏定义的使用，宏定义可以实现类似于函数的功能，但是它终归不是函数，而宏定义中括弧中的“参数”也不是真的参数，在宏展开的时候对“参数”进行的是一对一的替换。

　　程序员对宏定义的使用要非常小心，特别要注意两个问题：

　　（1）谨慎地将宏定义中的“参数”和整个宏用用括弧括起来。所以，严格地讲，下述解答：

#define MIN(A,B) (A) <= (B) ? (A) : (B)
#define MIN(A,B) (A <= B ? A : B )
　　都应判0分；

　　（2）防止宏的副作用。

　　宏定义#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B))对MIN(*p++, b)的作用结果是：

((*p++) <= (b) ? (*p++) : (*p++))

　　这个表达式会产生副作用，指针p会作三次++自增操作。

　　除此之外，另一个应该判0分的解答是：

#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B));
　　这个解答在宏定义的后面加“;”，显示编写者对宏的概念模糊不清，只能被无情地判0分并被面试官淘汰。

　　试题4：为什么标准头文件都有类似以下的结构？

#ifndef __INCvxWorksh
#define __INCvxWorksh
#ifdef __cplusplus

extern "C" {
#endif
/*...*/
#ifdef __cplusplus
}

#endif
#endif /* __INCvxWorksh */
　　解答：

　　头文件中的编译宏

#ifndef　__INCvxWorksh
#define　__INCvxWorksh
#endif
　　的作用是防止被重复引用。

　　作为一种面向对象的语言，C++支持函数重载，而过程式语言C则不支持。函数被C++编译后在symbol库中的名字与C语言的不同。例如，假设某个函数的原型为：

void foo(int x, int y);
　　该函数被C编译器编译后在symbol库中的名字为_foo，而C++编译器则会产生像_foo_int_int之类的名字。_foo_int_int这样的名字包含了函数名和函数参数数量及类型信息，C++就是考这种机制来实现函数重载的。

　　为了实现C和C++的混合编程，C++提供了C连接交换指定符号extern "C"来解决名字匹配问题，函数声明前加上extern "C"后，则编译器就会按照C语言的方式将该函数编译为_foo，这样C语言中就可以调用C++的函数了。

 试题5：编写一个函数，作用是把一个char组成的字符串循环右移n个。比如原来是“abcdefghi”如果n=2，移位后应该是“hiabcdefgh”

　　函数头是这样的：

//pStr是指向以'\0'结尾的字符串的指针
//steps是要求移动的n

void LoopMove ( char * pStr, int steps )
{
　//请填充...
}
　　解答：

　　正确解答1：

void LoopMove ( char *pStr, int steps )
{
　int n = strlen( pStr ) - steps;
　char tmp[MAX_LEN];
　strcpy ( tmp, pStr + n );
　strcpy ( tmp + steps, pStr);
　*( tmp + strlen ( pStr ) ) = '\0';
　strcpy( pStr, tmp );
}
　　正确解答2：

void LoopMove ( char *pStr, int steps )
{
　int n = strlen( pStr ) - steps;
　char tmp[MAX_LEN];
　memcpy( tmp, pStr + n, steps );
　memcpy(pStr + steps, pStr, n );
　memcpy(pStr, tmp, steps );
}
　　剖析：

　　这个试题主要考查面试者对标准库函数的熟练程度，在需要的时候引用库函数可以很大程度上简化程序编写的工作量。

　　最频繁被使用的库函数包括：

　　（1） strcpy

　　（2） memcpy

　　（3） memset

　　试题6：已知WAV文件格式如下表，打开一个WAV文件，以适当的数据结构组织WAV文件头并解析WAV格式的各项信息。

　　WAVE文件格式说明表



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指针不完全手册2

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